一、选择题。
1．设复数，其中为实数，若的实部为2，则的虚部为（ ）
a） （b） （c） （d）
2．设向量，满足，则的最小值为（ ）
a）2 （b） （c）1 （d）
3。缺。4。缺。
5．在中，三边长，满足，则的值为（ ）
a） （b） （c） （d）
6．如图，的两条高线交于，其外接圆圆心为，过作垂直于，与相交于，则与面积之比为（ ）
a） （b） （c） （d）
7．设．过点且平行于轴的直线与曲线的交点为，曲线过点的切线交轴于点，则的面积的最小值是（ ）
a）1 （b） （c） （d）
8．设双曲线，椭圆．若的短轴长与的实轴长的比值等于的离心率，则在的一条准线上截得线段的长为（ ）
a） （b）2 （c） （d）4
9．欲将正六边形的各边和各条对角线都染为种颜色之一，使得以正六边形的任何3个顶点作为顶点的三角形有3种不同颜色的边，并且不同的三角形使用不同的3色组合，则的最小值为（ ）
a）6 （b）7 （c）8 （d）9
10．设定点是以点为中心的正四面体的顶点，用表示空间以直线为轴满足条件的旋转，用表示空间关于所在平面的镜面反射，设为过中点与中点的直线，用表示空间以为轴的180°旋转．设表示变换的复合，先作，再作。则可以表示为（ ）
a） （b） （c） （d）
二、解答题。
在中，已知，外接圆半径．
ⅰ）求角的大小；
ⅱ）求面积的最大值．
设为抛物线上不同的四点，关于该抛物线的对称轴对称，平行于该抛物线在点处的切线．设到直线，直线的距离分别为，已知．
ⅰ）判断是锐角三角形直角三角形钝角三角形中的哪一种三角形，并说明理由；
ⅱ）若的面积为240，求点的坐标及直线的方程．
ⅰ）正四棱锥的体积，求正四棱锥的表面积的最小值；
ⅱ）一般地，设正棱锥的体积为定值，试给出不依赖于的一个充分必要条件，使得正棱锥的表面积取得最小值．
假定亲本总体中三种基因型式：的比例为且数量充分多，参与交配的亲本是该总体中随机的两个．
ⅰ）求子一代中，三种基因型式的比例；
ⅱ）子二代的三种基因型式的比例与子一代的三种基因型式的比例相同吗？并说明理由．
设函数，且存在函数，满足．
ⅰ）证明：存在函数满足；
ⅱ）设证明：．
2024年五校合作自主选拔通用基础测试数学参***。
一、选择题。
ad c abdbd
二、解答题。
11．解：（ⅰ由得。
所以即 因为为内角。所，，
又由余弦定理得， 即。
又， 所以。
有，当且仅当即为等边三角形时， 的面积取得最大值。
12．解：ⅰ）设则。
由可知的斜率因此可以设直线方程为。
把代入，整理得所以。
因为都不平行于轴， 所以直线斜率之和为。
可知直线的倾角互补，而平行于轴，所以平分作为垂足。
则可得由已知，可得，所以。
所以为直角三角形。
ⅱ）如图，根据的结果，可以设直线的方程分别为。
把分别代入，得
所以。由已知可知， 所以解得，所以或。
当取时，求得，又斜率，所以直线方程为， 即。
同理，当取时，直线方程为。
13．解：ⅰ）设正四棱锥的底面正方形的边长为，高为．则正四棱锥的体积。
正四棱锥的表面积从而。
令设则。令解得当时，当时，
当时取得最小值。
正四棱锥的表面积的最小值为4.
ⅱ）一般地，设正棱锥的底面正边形的中心到各边的距离为，高为，则正边形的体积。
正棱锥的表面积。
由（ⅰ）知，当时，正棱锥的表面积取得最小值。由于正棱锥的表面积与底面机之比为。
可知使正棱锥的表面积取得最小值得一个充分必要条件是正棱锥的表面积是地面积的4倍。
解：（ⅰ参与交配的两个亲本（一个称为父本，一个称为母本）的基因型式的情况，及相应情况发生的概率和相应情况下子一代的基因型式为，，的概率如下表：
子一代的基因型式为的概率为。
由对称性知子一代的基因型式为的概率为。
子一代的基因型式为的概率为。
若记，，则，，，子一代三种基因型式：，，的比例为。
ⅱ）由（ⅰ）可知子二代的基因型式为，，的比例为，其中 ， 由，可得，.
故子二代三种基因型式，，的比例为，与子一代基因型式的比例相同。
15解法一：
ⅰ）令，代入化简得。
由于等式对所有成立，可知。
解得。令，代入，化简得。
所以存在使得
ⅱ）令。注意到，由（ⅰ）知，
化为。可知。
从而 统一写为。
从而有 解法三：
ⅰ）由解法一得，
由 （1）易看出（1）式中即得。
所以存在，即。
ⅱ）用数学归纳法。
1）当时，显然成立。
2）易得，※）
假设当时，命题成立即。
则当时。当时，
当时， 只需证即证。
即证即证。即证。
即，而此式是假设成立的。
所以（2）成立。
由（1），（2）可知，原命题成立。
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