江苏高考试题一般具有如下三点特性。第一，强调“三基”；第二，紧扣教材，对教材的问题进行改编，对已有的问题进行创新；第三，注重知识点的互相交叉。
这几年，江苏卷一直在变，除了命题班子的变化，试卷的难易也在不断地变化（往简单方向发展），力图保持每年的变化趋势，从13-14年的趋势来看，越来越注重对基本知识的考查，填空题普遍简单，而解答题在设问上技巧性比较强，需要学生先弄明白题意，再进行转化，进而解决问题，近几年压轴题在考察上侧重学生思维的发展。
一、填空题。
1．集合。考查基本运算，细心是关键。
2．简易逻辑。
命题的改写、充分性必要性的分析。
3．复数。基本运算。
4．统计。茎叶图、频率分布直方图、简单数据分析平均数、方差、标准差等。
5．概率。枚举法求概率，注意有序与无序的公平性。
6．流程图。
有限列表，无限则列表后观察规律省略中间步骤后写快结束进程附近的两项。
7．立体几何。
近几年考查体积、体积比值居多。
8．双曲线与抛物线。
抛物线考查定义运用，大部分问题都不需要联立，直接通过定义进行转化即可。
9．三角。三角函数的基本性质、化简求值运算。
10．导数。
作为工具利用研究斜率，与其余章节结合。
11．向量。
转化、基本定理与数量积。
12．数列。
近几年逐渐回归基本问题的计算。
13．解析几何。
直线与圆的基本问题，离心率的计算，今年直线与圆的创新型问题偏多，注意总结。
14．不等式。
模拟卷多元最值居多，高考时解不等式和基本不等式应用居多，难度在降低，但识别能力需提高。
15．杂类问题。
函数类居多，主要考察性质。
杂类能力题主要考察：导数，三角计算，解析几何（直线与圆），平面向量（基本定理与数量积），不等式（线性规划、基本不等式或函数），数列综合，函数综合等．
二、解答题。
1．三角函数与向量。
基本初等函数ⅱ（三角函数）、三角恒等变换。
解三角形。平面向量。
15题考查的内容比较多，不外乎诱导公式、二倍角公式混用以及图像性质求解之类，考查的方向虽多面，但都比较简单。
定量问题直接运算，动量问题研究最值靠向基本不等式，值域问题靠向函数思想，部分构造问题，例如遇到垂心构造高，遇到重心、外心构造中点解决等。
参考试题1：已知函数（其中a，，为常数，且a＞0，＞0，）的部分图象如图所示．
1）求函数f(x)的解析式；
2）若，求的值．
解：（1）由图可知，a=22分。
t=，故，所以，f(x4分。
又，且，故．
于是，f(x7分。
（2）由，得9分。
所以12分。
14分。参考试题2：已知向量，，．
1）若∥，求角的大小；
2）若，求的值．
解：（1） 因为，所以，即，所以， 又，所以7分。
2）因为，所以，化简得，又，，则，所以，则10分。
又，所以．……14分。
2．立体几何。
空间几何体。
点、线、面之间的位置关系。
题的顺序7年未变，都是考查基本问题，仔细计算即可。
有面面平行、面面垂直一般需要退化进行转化，即若提供面面垂直一般需要通过线线垂直转化到线面垂直，若没有线线垂直则构造线线垂直，否则面面垂直这一条件难以使用。
参考试题1：如图，在三棱锥中，已知是正三角形，平面，，为的中点，在棱上，且。
1）求三棱锥的体积；
2）求证：平面；
3）若为中点，在棱上，且，求证：平面。
解：（1）因为 △是正三角形，且，所以，……2分
因为⊥平面，s△bcd5分。
2）在底面中，（以下运用的定理不交代在同一平面中，扣1分）
取的中点，连接，
为的中点，为的中点，
△是正三角形，．
……10分。
注意：涉及到立体几何中的结论，缺少一个条件，扣1分，扣满该逻辑段得分为止）
参考试题2：如图，在四棱锥中，底面是菱形，且．
1）求证：；
2）若平面与平面的交线为，求证：．
解：（1）连接ac，交bd于点o，连接po．
因为四边形abcd为菱形，所以 ……2分。
又因为，o为bd的中点，
所以4分。又因为，所以，又因为
所以7分。2）因为四边形abcd为菱形，所以 ……9分。
因为．所以11分。
又因为，平面平面．
所以14分。
3．解析几何。
直线。圆锥曲线与方程。
解析几何题近7年考查3次圆，4次椭圆，背景稳定，但运算求解的要求相对变高了。
估计今年考查椭圆的概率还是比较大的，但由于命题班子的变化，很难说清考查什么方向。
但思路简单，计算要求变高却是一种必然趋势。
参考试题1：在平面直角坐标系中，已知椭圆的离心率为，上顶点为，直线与椭圆交于两点，且的面积为。
1）求椭圆的标准方程；
2）设点是椭圆上一点，过点引直线，其倾斜角与直线的倾斜角互补。 若直线与椭圆相交，另一交点为，且直线与轴分别交于点，求证：为定值。
解：（1）由，得2分。
联立，得，所以，……4分。
又上顶点到直线的距离为，所以的面积为，解得，即椭圆的方程为8分。
2）设，则，因为直线与直线的倾斜角互补，所以，所以直线的方程为，令，得；令，得10分。
所以。 …14分。
方法2：设，则，因为直线与直线的倾斜角互补，所以，所以直线的方程为，令，得；令，得10分。
联立，消去，得，解得12分。
所以14分。
参考试题2：在平面直角坐标系xoy中，设中心在坐标原点的椭圆c的左、右焦点分别为f1、f2，右准线。
l：x＝m＋1与x轴的交点为b，bf2＝m．
1）已知点(，1)在椭圆c上，求实数m的值；
2）已知定点a(－2，0)．
若椭圆c上存在点t，使得＝，求椭圆c的离心率的取值范围；
当m＝1时，记m为椭圆c上的动点，直线am，bm分别与椭圆c交于另一点p，q，若 ＝λ求证：λ＋为定值．
解：（1）设椭圆c的方程为 ＋＝1(a＞b＞0)．
由题意，得解得所以椭圆方程为＋＝1．
因为椭圆c过点(，1)，所以＋＝1，解得m＝2或m＝－ 舍去）．
所以m＝24分。
2）①设点t(x，y)．
由＝，得(x＋2)2＋y2＝2[(x＋1)2＋y2]，即x2＋y2＝26分。
由得y2＝m2－m．因此0≤m2－m≤m，解得1≤m≤2．
所以椭圆c的离心率e10分。
（方法一）设m(x0，y0)，p(x1，y1)，q(x2，y2)．
则＝(x0＋2，y0)，＝x1＋2，y1)．
由＝， 得
从而12分。
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